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来源：牛客网

输入描述:

一行包括两个数字l,r，表示你给处女座展示的数字范围为[l,r]。

输出描述:

一行一个整数，表示处女座内心激动的次数。

10 20

1

备注:

$0\le l\le r\le {10}^{18}$

此题做法很多。

1.数学

可以先想求不含6的数有多少个，那么题目实际上是问的去掉6以后，给定一个数，问这个数在不含6的数组成的序列中排第几个。那么可以看成是给定一个9进制数，问在十进制数里排第几个（值是多少）。

比如18，看成九进制，[latex]1*9^1 + 7*9^0 = 16[/latex] 。由于6被去掉了，那么8就排在了第7位。这个思想在很多题目里都可以用到。

那么如果给定的数本来就含6怎么处理呢？第一，x5999和x6xxx内所包含的 不含6 的数其实是一样多的。第二，通过列表可以发现，凡是某一位有6的都不存在了，相当于问1和2之间有多少个1。所以对于含6的数，把最高位的6改为5，低位全部改成9就可以了。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll l,r,pl,pr;
ll ni[22]={0},num[22]={0};

string s;
int len;
ll getnum(ll k)
{
    if(k<6) return k;
    return k-1;
}
ll solve(ll k)
{
    int cnt=0;
    memset(num,0,sizeof(num));
    int flag=0;
    while(k)
    {
        if(k%10==6) flag=1;
        num[cnt++]=k%10;
        k/=10;
    }
    if(flag) 
        for(int i=cnt-1;i>=0;i--) 
            if(num[i]==6) 
                for(num[i]=5,i--;i>=0;i--) num[i]=9;
    //x6xxx == x5999
    ll ret=0;
    for(int i=0;i<cnt;i++)
    {
        ret+=(getnum(num[i]) * ni[i]);
    }
    return ret;
}
int main()
{
    cin>>l>>r;
    pl=l;pr=r;
    ni[0]=1;
    for(int i=1;i<19;i++)
    {
        ni[i]=ni[i-1]*9;
    }
    if(l!=0) pl=solve(--l);
    pr=solve(r);
    cout<<(r-pr)-(l-pl)<<endl;
}

2.数位DP

数位DP一般用于求区间内，符合某个特征的值的个数。

数位DP的思想大概是由小区间求大区间。比如[0,9]求出来了那么[10,19][20,29]..[90,99]都可以由低一位的区间求出。

• 假设求[0,5874].
• [0,999]以内先求出
• [1000,4999]再求出
• 最高位单独计算处理

所以数位DP如果写成记忆化搜索，那么一般会有标记记录是否满足条件，计算到第几位，是否计算到9（full）或只计算到本位的数字大小。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll dp[25], num[25];
ll l,r;
ll dfs(int i,bool full)
{
    if(i==0) return 1;
    if(full && dp[i]!=0) return dp[i];
    int n=full?9:num[i];
    ll ret=0;
    for(int j=0;j<=n;j++)
    {
        if(j!=6)
        {
            ret+=dfs(i-1,full || j!=n);
        }
    }
    if(full) dp[i]=ret;
    return ret;
}
ll solve(ll x)
{
    if(x<0) return 0;
    memset(num,0,sizeof(num));
    int len=0;
    while(x)
    {
        num[++len]=x%10;
        x/=10;
    }
    return dfs(len,0);
}
int main()
{
    memset(dp,0,sizeof(dp));
    cin>>l>>r;
    ll al,ar;
    if(l!=0) al=solve(l-1);
    ar=solve(r);
    cout<<(r-l+1)-(ar-al)<<endl;
}